Bộ 15 đề thi thử THPT Quốc gia môn Hóa có đáp án chi tiết (Đề 1)

Etyl fomat: HCOOC₂H₅

Metyl fomat: HCOOCH₃

Metyl axetat: CH₃COOCH₃

Etyl axetat: CH₃COOC₂H₅

Đáp án đúng là: A

Kim loại Zn vừa phản ứng với dung dịch FeSO₄ vừa phản ứng với dung dịch HCl:

Zn + FeSO₄ → ZnSO₄ + Fe

Zn + 2HCl → ZnCl₂ + H₂

Còn lại Fe phản ứng với HCl nhưng không phản ứng với FeSO₄

Fe + 2HCl → FeCl₂ + H₂

Ag và Cu không phản ứng với chất nào.

Đáp án đúng là: D

Các chất trên đều là amino axit. Ala, Gly, Val đều có 1 nhóm −NH₂ và 1 nhóm –COOH nên môi trường trung tính, không làm đổi màu quỳ tím

Lysin có 2 nhóm −NH₂ và 1 nhóm –COOH nên làm đổi quỳ thành màu xanh (môi trường bazơ)

Đáp án đúng là: B

Cacbohidrat được chia làm 3 loại:

– Polisaccarit: tinh bột và xenlulozơ.

– Đisaccarit: saccarozơ và mantozơ.

– Monosaccarit: glucozơ và frucotơ

Đáp án đúng là: D

Chỉ có xenlulozơ không chứa nguyên tố nitơ.

Đáp án đúng là: D

Đường mía là thương phẩm chứa saccarozơ.

Đáp án đúng là: C

Các đồng phân Este: HCOO-CH₂-CH₂-CH₃,

HCOO-CH(CH₃)₂, CH₃-COO-CH₂-CH₃, CH₃-CH₂-COO-CH₃

Đáp án đúng là: B

NaOH: Qùy tím thành xanh

H₂NCH₂COOH: Không đổi màu quỳ tím

HCl: Qùy tím thành đỏ

CH₃NH₂: Qùy tím thành xanh

Đáp án đúng là: D

Thuốc thử được dùng để phân biệt Gly-Ala-Gly với Gly-Ala là Cu(OH)₂/OH-: Cu(OH)₂/OH- tạo màu tím, Gly-Ala không tạo màu tím (đipeptit không có phản ứng màu biurê)

Đáp án đúng là: A

Dùng giấm ăn để khử mùi tanh vì giấm ăn tạo muối tan với các amin, dễ bị rửa trôi, ví dụ:

(CH₃)₃N + CH₃COOH → CH₃COONH(CH₃)₃

Đáp án đúng là: A

A. Ag + dung dịch CuSO₄: Không phản ứng, do cặp Cu²⁺/Cu đứng trước cặp Ag⁺/Ag

B. Fe + CuSO₄ → FeSO₄ + Cu

C. Cu + Fe₂(SO₄)₃ → 2FeSO₄ + CuSO₄

D. Cu + 2AgNO₃ → Cu(NO₃)₂ + 2Ag

Đáp án đúng là: C

Có 6 tripeptit (mạch hở) khác loại mà khi thủy phân hoàn toàn đều thu được 3 aminoaxit: glyxin, alanin và phenylalanin, gồm:

Gly-Ala-Phe

Gly-Phe-Ala

Ala-Gly-Phe

Ala-Phe-Gly

Phe-Ala-Gly

Phe-Gly-Ala

 Dãy các chất: Tinh bột, xenlulozơ, saccarozơ đều bị thủy phân trong môi trường axit.

C₁₂H₂₂O₁₁ + H₂O   $\underset{t^o}{\overset{H^{+}}{\to }}$ C₆H₁₂O₆ + C₆H₁₂O₆

nH₂O + (C₆H₁₀O₅)_n  $\underset{t^o}{\overset{H^{+}}{\to }}$ nC₆H₁₂O₆

Các dãy còn lại có glucozơ, PE, PVC không bị thủy phân trong môi trường axit.

Đáp án đúng là: B

Ion kim loại có tính oxi hóa mạnh hơn sẽ bị khử trước

→ Thứ tự bị khử là Ag⁺, Cu²⁺, Pb²⁺

Đáp án đúng là: C

Ở điều kiện thường, X là chất rắn màu trắng vô định hình. Thủy phân hoàn toàn X trong môi trường axit chỉ thu được glucozơ → X là tinh bột:

(C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O → nC₆H₁₂O₆

Đáp án đúng là: B

Các kim loại đứng sau Al có thể điều chế bằng phương pháp nhiệt luyện nhờ chất khử CO

→ Chọn Fe, Mn, Ni

Đáp án đúng là: D

Đun nóng este CH₃COOC₂H₅ với một lượng vừa đủ dung dịch NaOH, sản phẩm thu được là CH₃COONa và C₂H₅OH.

CH₃COOC₂H₅ + NaOH $\stackrel{t°}{\to }$  C₂H₅OH + CH₃COONa

Đáp án đúng là: B

Glixerin trioleat (hay triolein), (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ thuộc loại este không no nên có phản ứng với dung dịch Br₂, dung dịch NaOH.

2(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + Br₂ → 2(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅Br

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3C₁₇H₃₃COONa + C₃H₅(OH)₃

Đáp án đúng là: B

Có 4 amin thỏa mãn:

CH₃-C₆H₄-NH₂ (o, m, p), C₆H₅-CH₂-NH₂

Đáp án đúng là: C

Loại tơ có nguồn gốc xenlulozơ là: (2), (5), (7)

Đáp án đúng là: D

Dung dịch chứa 2 muối là MgSO₄ và FeSO₄.

CuSO₄ đã phản ứng hết → a ≤ 2c

FeSO₄ chưa phản ứng hoặc đã phản ứng nhưng còn dư → 2c < a + b

Vậy a ≤ 2c < (a + b)

Đáp án đúng là: C

m_Ag =  $108.\frac{It}{F}=1,08$→ I = 1,6A

Đáp án đúng là: B

$n_{C_6{H}_{5}N{H}_2}=0,01;n_{B{r}_2}$$=\frac{140.1,3.3\%}{160}=0,034125$

mol

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂ + 3HBr

→$n_{C_6{H}_{2}B{r}_{3}N{H}_2}$ = 0,01 mol → m = 3,3 gam

Đáp án đúng là:C

$\begin{array}{l}2Al+3CuS{O}_4\to A{l}_2{\left(S{O}_4\right)}_3+3Cu\\ 2x \to 3x\to x\to 3x\end{array}$

Δm = m_Cu – m_{Al pư} = 3x.64 – 2x.27 = 51,38 – 50

→ x = 0,01 mol

→ m_{Cu thoát ra} = 3x.64 = 1,92 gam

Đáp án đúng là:C

$n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=0,45$ mol → Este no, đơn chức, mạch hở.

Số C = $\frac{n_{C{O}_2}}{n_X}=3$  → X là C₃H₆O₂.

Đáp án đúng là: A

$n_O=n_{H_2}=0,06$→ m_R = m_oxit – m_O = 2,52 gam

Với HCl: $n_{H_2}=0,045$  mol → n_Cl^-(muối) = 0,045.2 = 0,09 mol

→ m_muối = (muối) = 5,715 gam

Đáp án đúng là: B

Dung dịch Y chứa:

NH₂-CH₂-COO^- : 0,2 mol

K⁺: 0,5 mol

Bảo toàn điện tích → n_Cl^- = 0,3 mol

→ m_rắn = 44,95 gam

Đáp án đúng là: D

Δm =$m_{C{O}_2}-m_{CaC{O}_3}$ = -3,4 gam

→ $n_{C{O}_2}=0,15$ mol

C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

0,075                           ← 0,15

→ $m_{C_6{H}_{12}{O}_6}=0,075.\frac{180}{90\%}=15$  gam

Đáp án đúng là: C

HCOOC₂H₅ + 2AgNO₃ + 3NH₃ + H₂O $\stackrel{t^o}{\to }$   2Ag + 2NH₄NO₃ + NH₄OCOOC₂H₅

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ $\stackrel{H_{2}O}{\to }$  C₆H₂Br₃NH₂ + 3HBr

Đáp án đúng là: D

D sai vì len, tơ tằm, tơ nilon kém bền với nhiệt và bị thủy phân bởi môi trường axit và kiềm.

Đáp án đúng là: A

Chất béo là trieste của glixerol với các axit béo.

Đáp án đúng là: D

$n_{Cu{\left(N{O}_3\right)}_2}=0,1$mol; $n_{Pb{\left(N{O}_3\right)}_2}=0,05$  mol

m_Cu = 0,1.64 < 8,47 < m_Cu + m_Pb = 0,1.64 + 0,05.207

→ Cu²⁺ bị khử hết, Pb²⁺ bị khử một phần

$n_{Pb}=\frac{(8,47–0,1.64)}{207}=0,01$ mol

→ n_Fe = 0,1 + 0,01 = 0,11 mol

→ m_Fe = 6,16 gam

Đáp án đúng là: D

Bảo toàn khối lượng → m_X = 32,24 gam

Bảo toàn O:

→ n_X = 0,04 mol

→ n_NaOH = 3n_X = 0,12 mol và nC₃H₅(OH)₃ = n_X = 0,04 mol

Bảo toàn khối lượng → m _muối = 33,36 gam

Đáp án đúng là: B

Y là Gly-Gly → A đúng

E + NaOH và HCl đều tạo khí nên X là (NH₄)₂CO₃. → D đúng

Z là NH₃và T là CO₂. → C đúng

Q là NH₃Cl-CH₂-COOH→ B sai

Đáp án đúng là: D

Các dung dịch vừa không làm đổi màu quì tím hóa xanh vừa không làm hồng phenolphtalein có môi trường axit, trung tính hoặc bazơ nhưng rất yếu, gồm:

anilin (C₆H₅NH₂), điphenylamin (C₆H₅-NH-C₆H₅), phenol (C₆H₅OH)

Đáp án đúng là: B

(a) Sai, đipeptit không có phản ứng màu biurê.

(b) Đúng

(c) Đúng

(d) Đúng (C₁₀H₁₉N₃O₄)

(e) Sai, các amin đều độc.

(g) Sai, anilin có tính bazơ nhưng rất yếu.

(h) Đúng

Đáp án đúng là: C

(1) Đúng

(2) Đúng

(3) Đúng

(4) Sai, tinh bột chỉ tạo glucozơ nhưng saccarozơ tạo glucozơ và fructozơ.

C₁₂H₂₂O₁₁ + H₂O $\underset{t^o}{\overset{H^{+}}{\to }}$  C₆H₁₂O₆ + C₆H₁₂O₆

nH₂O+(C₆H₁₀O₅)n $\underset{t^o}{\overset{H^{+}}{\to }}$ nC₆H₁₂O₆

(5) Sai, cả hai đều tráng gương.

(6) Sai, saccarozơ không phản ứng.

Đáp án đúng là: D

$n_{N_2}=0,03\to n_X=2n_{N_2}=0,06$ mol           

→ M_X = 107 → Chọn X là CH₃C₆H₄NH₂

Y dạng C_nH_2n+3N → C : H = $\frac{n}{2n+3}=\frac{2}{3.2}$  → n = 3

→ Chọn Y là CH₃CH₂CH₂NH₂.

Đáp án đúng là: B

Trong dung dịch MOH có: m_MOH = 7,28 gam và  $m_{H_{2}O}$= 18,72 gam

Bảo toàn M:

$\begin{array}{l}2MOH\to M_{2}C{O}_3\\ \frac{7,28}{\left(M+17\right)}\to \frac{8,97}{\left(2M+60\right)}\end{array}$

→ M = 39 → M là Kali (K)

Chất lỏng gồm có ancol AOH (a mol) và H₂O (1,04)

→$n_{H_2}=\frac{a}{2}+\frac{1,04}{2}=0,57\to a=0,1$

 $m_{AOH}+m_{H_{2}O}=24,72$→ AOH là C₃H₇OH

n_KOH ban đầu = 0,13 mol

Chất rắn gồm RCOOK (0,1 mol) và KOH dư (0,03 mol)

m _rắn = 10,08 gam  → R = 1

%HCOOK = 83,33%

Đáp án đúng là: B

(a) Sai, dùng H₂SO₄ loãng phản ứng sẽ không xảy ra.

(b) Sai, nếu nhiệt độ quá cao sẽ làm các nguyên liệu bay hơi, đồng thời thúc đẩy sự

tạo thành sản phẩm phụ.

(c) Đúng, dùng nhiệt kế để theo dõi nhiệt độ và điều chỉnh nguồn cung cấp nhiệt cho

phù hợp.

(d) Đúng

(e) Sai, dùng axit, ancol loãng phản ứng sẽ khó xảy ra.

(f) Sai.