25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án (Đề 5)

Đáp án C

Tính chất hóa học đặc trưng của kim loại là tính khử: $M\to M^{n+}+ne.$

Đáp án B

Điều chế kim loại kiềm bằng cách điện phân nóng chảy muối halogen của kim loại kiềm.

Đáp án D

Đất chua là môi trường pH<7, muốn khử chua cần dùng chất có pH>7.

Vôi sống có thành phần chính CaO.

CaO + H₂O → Ca(OH)₂ nên pH>7.

Đáp án C

PTHH:  2NaCl  +  2H₂O  $\underset{\text{có màng ngăn}}{\overset{đpdd}{\to }}$  2NaOH + Cl₂ + H₂.

Đáp án C

Khí amoniac tan tốt trong nước tạo môi trường bazơ làm quỳ tím hóa xanh.

Đáp án A

Thành phần chính của một số loại quặng:

Manhetit (Fe₃O₄), hematit (Fe₂O₃), pirit (FeS₂), xiderit (FeCO₃), photphorit (Ca₃(PO₄)₂), apatit 3Ca₃(PO₄)₂.CaF₂), đolomit (CaCO₃.MgCO₃), florit (CaF₂), manhezit (MgCO₃),…

Đáp án B

CT của poli metyl metacrylat (thủy tinh hữu cơ):

Đáp án C

Dãy hoạt động hóa học của kim loại:

$\begin{array}{l}M{g}^{2+}F{e}^{2+}C{u}^{2+}F{e}^{3+}A{g}^{+}\\ MgFeCuF{e}^{2+}Ag\end{array}$

Theo quy tắc α thì Fe sẽ phản ứng được với AgNO₃, CuSO₄, FeCl₃.

Đáp án D

Glucozơ và fructozơ tác dụng được với H₂ tạo thành sobitol.

Nhóm chức –CHO và =CO của glucozơ và fructozơ bị khử trở thành –CH₂-OH và –CH-OH.

Đáp án C

Đáp án A

Đáp án B

2M + 2H₂O →2MOH + H₂

$$\begin{gathered} n_{K,Na}=2n_{H_2}=2.0,02=0,04mol \\ \left\{\begin{array}{l}Na:xmol\\ K:ymol\end{array}\right. \end{gathered}$$

Ta có:

 $$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}23x+39y=1,24\\ x+y=0,04\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=0,02\\ y=0,02\end{array}\right. \\ \%m_K=\frac{0,02.39}{1,24}.100=62,9\% \end{gathered}$$

Đáp án C

Những chất tác dụng được với AgNO₃/NH₃: glucozơ, anđehit fomic, anđehit axetic, axit fomic, axetilen.

Đáp án C

$\begin{array}{l}\to n_{Fe}=0,01\\ n_X=2.n_{N_2}=0,125mol\\ x=\frac{n_{C{O}_2}}{n_X}=\frac{0,375}{0,125}=3\\ y=\frac{2.n_{H_{2}O}}{n_X}=\frac{2.0,5625}{0,125}=9\end{array}$

Đáp án A

Vì sản phẩm cháy chứa CO₂, H₂O, N₂ nên chắc chắn X chứa C, H, N. Nhưng ban đầu nung X với CuO chứa O nên sản phẩm đốt chứa O không chứng minh được trong X có O.

Đáp án B

Dung dịch NaOH có pH>7.

Dung dịch H₂SO₄, HCl có pH<7.

Dung dịch KNO₃ có pH = 7.

  - Dung dịch có tính bazơ có pH>7, dung dịch có tính axit có pH<7, dung dịch trung tính có pH =7.

-  Tính bazơ càng mạnh thì pH càng lớn, tính axit càng mạnh thì pH càng nhỏ.

Đáp án B

(1) Saccarozo là đisaccarit.

(4) Saccarozo không tham gia phản ứng tráng gương.

Đáp án D

Cu + Fe₂(SO₄)₃ → CuSO₄ + 2FeSO₄  Ở trường hợp này không thỏa mãn điều kiện có 2 điện cực (chỉ có 1 điện cực Cu) nên không có hiện tượng ăn mòn điện hóa học.

Đáp án C

C₁₅H₃₁COO CH₂             C₁₅H₃₁COO CH₂             C₁₇H₃₃COOCH₂

C₁₇H₃₃COO CH              C₁₇H₃₁COO CH              C₁₅H₃₁COOCH

C₁₇H₃₁COO CH₂             C₁₇H₃₃COO CH₂             C₁₇H₃₁COOCH₂

Đáp án D

Những phát biểu đúng: (b), (c).

(a) Sai vì X có thể là ankin, ankadien, đồng đẳng benzen,…

(d) Sai vì HCOOH và C₂H₅OH.

(e) Sai vì phản ứng hữu cơ thường xảy ra chậm và không theo hướng xác định.

(g) Sai vì hợp chất C₉H₁₄BrCl có k = 2 thì  mà muốn có vòng benzen

Đáp án C

3Fe₃O₄  + 28HNO₃ (1)  → 9Fe(NO₃)₃  + NO + 14H₂O

Đáp án A

Ca(HCO₃)₂  CaO  +  2CO₂  + H₂O

$\begin{array}{l}{n}_{C{O}_2}=2.n_{Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2}=0,2mol\\ V_{C{O}_2}=4,48\left(l\right)\end{array}$

   Nhiệt phân hủy muối cacbonat trung hòa và muối axit:

-         Muối axit bị nhiệt phân tạo thành muối trung hòa, khí cacbonic và hơi nước.

-         Chỉ có muối trung hòa không tan mới bị nhiệt phân tạo oxit, khí cacbonic và hơi nước.

Đáp án B

Nhận thấy, khối lượng muối sau phản ứng lớn hơn khối lượng este nên đây là tạo thành từ ancol metylic (CH₃OH).

Giải thích:

RCOOR’  → RCOONa

Khi thay gốc OR’ bằng gốc ONa thì khối lượng muối lớn hơn, chứng tỏ $M_{R\text{'}}<M_{Na}\left(23\right),$  nên R’ chỉ có thể là CH₃(15).

RCOOCH₃  →  RCOONa

$\begin{array}{l}{n}_{este}=n_{NaOH}=\frac{m_{RCOONa}-m_{RCOOC{H}_3}}{23-15}=0,15mol\\ \to x=0,75M.\end{array}$

Đáp án D

A sai vì đây là phản ứng một chiều.

B sai vì có những este khi thủy phân trong NaOH thu được muối, anđehit, xeton, nước.

Đáp án D

H₃PO₄ là axit yếu hơn HNO₃ nên không thể đẩy gốc axit mạnh ra khỏi muối.

Đáp án B

2Na  + 2HCl  → 2NaCl + H₂

              0,5   →                0,25

Nên Na phản ứng với nước trong dung dịch.

2Na  + 2H₂O  →  2NaOH  + H₂

                                              $0,4-0,25=0,15$

$m_{\text{r¾n}}=m_{NaCl}+m_{NaOH}=0,5.58,5+0,3.40=41,25gam$

Đáp án A

Những phát biểu đúng: (a), (c), (e), (g).

(a) Đúng: axit fomic, axit axetic và axit propionic tan vô hạn trong nước.

(b) Sai vì axit α-amino isovaleric còn gọi là valin, là amino axit có 1 NH₂ và 1 COOH nên không làm đổi màu quỳ tím.

(d) Sai vì ancol có từ 1-3 C thì không có đồng phân mạch cacbon, ancol có từ 1-2 C thì không có đồng phân vị trí nhóm chức.

Đáp án A

$\begin{array}{l}{C}_n{H}_{2n-2}{O}_2+\frac{3n-3}{2}{O}_2\stackrel{t^o}{\to }nC{O}_2+\left(n-1\right)H_{2}O\\ x\frac{3n-3}{2}.x\\ C_m{H}_{2m-6}{O}_4+\frac{3m-7}{2}{O}_2\stackrel{t^o}{\to }mC{O}_2+\left(m-3\right)H_{2}O\\ y\frac{3m-7}{2}.y\\ \to \frac{3n-3}{2}.x+\frac{3m-7}{2}.y=0,6975\left(n_{O_2}\right)\to 3nx+3my-3x-7y=1,395\left(1\right)\\ (14n+30).x+(14m+58).y=13,89\left(2\right)\end{array}$

Từ (1) và (2):

 $\begin{array}{l}\to 132x+272y=22,14\left(3\right)\\ x+2y=0,165\left(n_{NaOH}\right)\left(4\right)\\ \to \left\{\begin{array}{l}x=0,075\\ y=0,045\end{array}\right.\end{array}$

Thay vào (1)  $3.0,075.n+3.0,045.m=1,935$

$\to 75n+45m=645$

$\begin{array}{l}\to \left\{\begin{array}{l}n=5\\ m=6\end{array}\right.\to E\left\{\begin{array}{l}{C}_3{H}_{5}COOC{H}_3\\ C{H}_{3}OOCC\equiv CCOOC{H}_3\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}A:C_3{H}_{5}CO\text{}ONa:0,075\\ B:NaOOCC\equiv CCOONa:0,045\end{array}\right.\\ \to \frac{a}{b}=1,1.\end{array}$

Đáp án B

Giai đoạn 1: Đồ thị dốc chứng tỏ lượng kết tủa tăng nhanh: Al₂(SO₄)₃ tác dụng với Ba(OH)₂.

Al₂(SO₄)₃  +  3Ba(OH)₂   →   3BaSO₄  +  2Al(OH)₃   + H₂O

     0,5y      →     1,5y                 1,5y               y

 $n_{Ba{\left(OH\right)}_2}=0,5.0,6=0,3mol\to y=0,2$

Giai đoạn 2: AlCl₃ tác dụng với Ba(OH)₂

2AlCl₃   +   3Ba(OH)₂  →   2Al(OH)₃  +  3 BaCl₂

     0,5x           0,75x                 0,5x

Giai đoạn 3: Al(OH)₃ tác dụng với NaOH

2Al(OH)₃  +  Ba(OH)₂   →   Ba(AlO₂)₂   + 4H₂O

(0,5x+y)    →(0,25x+0,5y)

Đáp án B

Những phát biểu đúng: (a), (b), (d).

(a) Đúng. Dung dịch anilin có tính bazơ nhưng không làm đổi màu quỳ tím.

(b) Đúng. C₆H₅NH₂  + HCl   →  C₆H₅NH₃Cl

(c) Sai vì  C₆H₅NH₃Cl  + NaOH  → C₆H₅NH₂  + NaCl  + H₂O  nên dung dịch vẩn đục.

(d) Đúng.

Đáp án B

 $\begin{array}{l}{n}_{AgCl}=n_{HCl}=0,58\to n_{Ag}=\frac{84,3-0,58.143,5}{108}=0,01\\ \to n_{F{e}^{2+}}=3n_{NO}+n_{Ag}=0,04\\ n_{H^{+}\left(X\right)}=4n_{NO}=0,04\\ BTKL:n_{H_{2}O}=0,24\end{array}$

 $X\left\{\begin{array}{l}M{g}^{2+}:a\\ F{e}^{3+}:b\\ N{H}_4^{+}:c\\ F{e}^{2+}:0,04\\ H^{+}:0,04\\ C{l}^{-}:0,58\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}24a+56b+18c+0,04.56+0,04+0,58.35,5=30,05\left(1\right)\\ 2a+3b+c+0,04.2+0,04=0,58\left(BTDT\right)\left(2\right)\end{array}\right.$

BT  H:  $n_{H_2}=\frac{0,54-0,24.2-4c}{2}=0,03-2c$

 $n_Y=0,06\to n_{NO}+n_{N{O}_2}=2c+0,03$

BT N:  $n_{Fe{\left(N{O}_3\right)}_2}=1,5c+0,015$

BT Fe:   $n_{F{e}_3{O}_4}=\frac{b+0,04-1,5c-0,015}{3}$

$\begin{array}{l}\to 24a+180\left(1,5c+0,015\right)+232\frac{b+0,025-1,5c}{3}=14,88\left(3\right)\\ \to \left\{\begin{array}{l}a=0,105\\ b=0,08\\ c=0,01\end{array}\right.\\ \to \%m_{Mg}=17\%.\end{array}$

Để xác định đúng các ion trong dung dịch X cần nắm các ý sau:

-         Dung dịch X tác dụng với AgNO₃ có khí NO chứng tỏ trong X còn ion  $H^{+}.$

-         Đề bài không đề cập đến sản phẩm khử duy nhất của $N^{+5}$ chứng tỏ có thể có ion  .

-         Hỗn hợp khí Y chứa H₂, chứng tỏ kim loại đã tác dụng với $H^{+}$ , vậy trong Y không còn ion  $N{H}_4^{+}$.

-         $H^{+}$và  $N{O}_3^{-}$ có thể không đủ để cùng đưa Fe lên số oxi hóa cao nhất.

Đáp án D

$\begin{array}{l}AncolT\stackrel{O_2}{\to }\left\{\begin{array}{l}C{O}_2:0,045\\ H_{2}O:0,06\end{array}\right.\\ n_{H_{2}O}>n_{C{O}_2}\to Ancolno\\ n_T=n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}=0,015\\ \frac{n_{C{O}_2}}{n_T}=3\to T:C_3{H}_8{O}_3\left(C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3\right)\\ n_{C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3}=n_{este}=0,015\end{array}$

Vì Z tạo bởi X đơn chức, Y đa chức và Z chỉ chứa nhóm chức este, mà T có 3C. Nên T có công thức C₃H₈O₃ và Y là axit 2 chức không no có 1 liên kết $\left\{\begin{array}{l}HCOOH:a\\ HO\text{}OC-CH=CH-CO\text{}OH:b\\ \left(HCO\text{}O\right)C_3{H}_5{\left(COO\right)}_2{C}_2{H}_2:0,015\\ C{H}_2:c\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}a+2b+0,015.3=0,26\\ 46a+116b+14c+200.0,015=14,93\\ 0,5a+3a+1,5c+7.0,015=0,3825\left(n_{O_2}\right)\end{array}\right.$$\to \left\{\begin{array}{l}a=0,045\\ b=0,095\\ c=0\end{array}\right.$ .

Xem hỗn hợp E gồm: $\left\{\begin{array}{l}X:HCO\text{}OH:0,045\\ Y:HO\text{}OC-CH=CH-CO\text{}OH:0,095\\ Z:\left(HCO\text{}O\right)C_3{\left(COO\right)}_2{H}_5{C}_2{H}_2:0,01\end{array}\right.$

Vậy E gồm:  $\left\{\begin{array}{l}X:HCO\text{}OH:0,045\\ Y:HO\text{}OC-CH=CH-CO\text{}OH:0,095\\ Z:\left(HCO\text{}O\right)C_3{\left(COO\right)}_2{H}_5{C}_2{H}_2:0,01\end{array}\right.$

D sai vì Z có 10 hiđro.

Đáp án D

(a)  $3F{e}^{2+}+4H^{+}+N{O}_3^{-}\to 3F{e}^{3+}+NO+2H_{2}O$

(b)  $FeS+2HCl\to FeC{l}_2+H_{2}S$

(c)  $Si+2NaOH+H_{2}O\to N{a}_{2}Si{O}_3+2H_2$

(e)  $Si+2F_2\to Si{F}_4$

(f)  $S{O}_2+2H_{2}S\to 3S+2H_{2}O$

Đáp án D

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}gly:x\\ ala:y\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}2x+2y=0,36.2\\ 111,5x+125,5y+(x+y).58,5=63,72\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,18\\ y=0,18\end{array}\right. \\ \begin{array}{l}\to m+12,24=m_{gly-Na}+m_{ala-gly}=0,18.97+0,18.111\to m=25,2\\ \to n_{NaOH}=0,36\end{array} \end{gathered}$$

 BTKL: $m_Z+m_{NaOH}=m+12,24+m_{H_{2}O}\to m+40.0,36=m+12,24+18.n_{H_{2}O}$

 $\begin{array}{l}\to n_{H_{2}O}=0,12.\\ \to n_X=n_Y=\frac{n_{H_{2}O}}{2}=0,06\end{array}$

Vậy hỗn hợp Z có thể là:  $\left\{\begin{array}{l}gly\\ {\left(gly\right)}_2{\left(ala\right)}_3\end{array}\right.$ hoặc  $\left\{\begin{array}{l}ala\\ {\left(gly\right)}_3{\left(ala\right)}_2\end{array}\right.$

Nhưng  $M_X>4M_Y$ nên hỗn hợp Z là:  $\left\{\begin{array}{l}gly\\ {\left(gly\right)}_2{\left(ala\right)}_3\end{array}\right.$

A sai. Tỉ lệ số gốc Gly : Ala trong phân tử X là 2:3.

B sai. Số liên kết peptit trong phân tử X là 4.

C sai. Phần trăm khối lượng nitơ trong Y là 18,67%.

D đúng.