Đề thi THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 chọn lọc (Đề số 3)

Đáp án C

Phương pháp giải:

(C₆H₁₀O₅)_n + 3nHNO₃ → [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n + 3nH₂O

Giải chi tiết:

(C₆H₁₀O₅)_n + 3nHNO₃ → [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n + 3nH₂O

    162n              3n.63                  297n                   (kg)

                           x                        297                     (kg)

⟹ $\mathrm{x}=\frac{297.3\mathrm{n}.63}{297\mathrm{n}}=189$ kg.

Do H = 90% ⟹ m_HNO3(thực tế)=m=x/90%=210 kg.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào lý thuyết liên quan tới cacbohiđrat.

Giải chi tiết:

(1) sai: Hiđro hóa hoàn toàn glucozơ cũng như fructozơ thu được sobitol.

(4) sai: Trong phân tử saccarozơ gốc α-glucozơ và gốc β-fructozơ liên kết với nhau qua nguyên tử oxi.

(6) sai: Phân tử amilozơ có cấu trúc mạch không phân nhánh.

Đáp án B

Phương pháp giải:

X + KOH → ancol Y và một muối

⟹ X là este no, 2 chức, mạch hở

⟹ Y là ancol no, mạch hở (1 chức hoặc 2 chức)

Giải chi tiết:

X + KOH → ancol Y và một muối

⟹ X là este no, 2 chức, mạch hở

⟹ Y là ancol no, mạch hở (1 chức hoặc 2 chức)

Y + O₂ → CO₂ + H₂O

⟹ n_Y = n_H2O – n_CO2 = 0,1 mol.

BTNT C ⟹ số C (Y) = n_CO2/n_Y = 2

Do X không tráng bạc ⟹ X chỉ có thể là HOOC-COOC₂H₅

HOOC-COOC₂H₅ + 2KOH → (COOK)₂ + C₂H₅OH + H₂O

           0,1                                      0,1 ←          0,1                 (mol)

Vậy a = 0,1 mol và m = m_(COOK)2 = 16,6 g.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất hóa học của glucozơ.

Giải chi tiết:

C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

C₂H₅OH + O₂ → CH₃COOH + H₂O

Vậy X và Y lần lượt là ancol etylic, axit axetic.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Gọi axit có dạng là RCOOH và muối có dạng RCOOA

Dựa vào số liệu đề bài cho ⟹ Phương trình liên hệ giữa R và A.

Giải chi tiết:

Gọi axit có dạng là RCOOH và muối có dạng RCOOA

Ta có m = 0,1(R + 45) + 0,1(R + 44 + A) = 15,8. ⟹ 2R + A = 69

Nhận thấy đáp án cho axit là axit no, đơn chức, mạch hở ⟹ A = 39 (K) và R = 15 (–CH₃)

Vậy axit là CH₃COOH (axit etanoic).

Đáp án D

Phương pháp giải:

Khi đốt cháy một hợp chất hữu cơ X bất kì có k liên kết π trong phân tử

⟹ n_X = (k – 1).(n_CO2 – n_H2O)

Giải chi tiết:

* X gồm (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ (x mol); (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ (x mol); C₁₇H₃₅COOH ; C₁₅H₃₁COOH

Nhận thấy trong X có:

+ 2 axit chỉ có 1 liên kết π trong phân tử⟹ Khi đốt cháy cho n_CO2 = n_H2O.

+ (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ có 3 liên kết π trong phân tử.

+ (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ có 6 liên kết π trong phân tử.          

X + O₂ → CO₂ + H₂O

                  3,74    3,18   (mol)

⟹ n_CO2 – n_H2O = 2n_tripanmitin + 5n_triolein = 7x = 0,56. ⟹ x = 0,08 mol.

* X + NaOH → C₃H₅(OH)₃

⟹ n_C3H5(OH)3 = n_tripanmitin + n_triolein = 2x = 0,16 mol.

⟹ a = 0,16.92 = 14,72 g.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Đặt ancol là R(OH)_n (0,26/n mol)

⟹ m _tăng = (R + 16n).0,26/n = 8,1

⟹ R = 197n/13

Do 1 < n < 2 (este trong E là đơn chức và hai chức) ⟹ 15,2 < R < 30,4

⟹ Hai ancol là C₂H₅OH (x mol) và C₂H₄(OH)₂ (y mol).

Dựa vào các dữ kiện tiếp theo xác định các muối ⟹ các este.

Giải chi tiết:

$$\begin{gathered} \mathrm{E}\left\{\begin{array}{l}\mathrm{X}\\ \mathrm{Y}\\ \mathrm{Z}\end{array}+\mathrm{NaOH}\to \mathrm{F}+\mathrm{R}{\left(\mathrm{OH}\right)}_{\mathrm{n}}\right. \\ \mathrm{F}+{\mathrm{O}}_2\to {\mathrm{CO}}_2+{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}\left(0,39\right)+{\mathrm{Na}}_2{\mathrm{CO}}_3\left(0,13\right) \end{gathered}$$

n_Na2CO3 = 0,13 mol ⟹ n_NaOH = 0,26 mol (BTNT Na).

Đặt ancol là R(OH)_n (0,26/n mol)

⟹ m tăng = (R + 16n).0,26/n = 8,1

⟹ R = 197n/13

Do 1 < n < 2 (este trong E là đơn chức và hai chức) ⟹ 15,2 < R < 30,4

⟹ Hai ancol là C₂H₅OH (x mol) và C₂H₄(OH)₂ (y mol)

⟹ x + 2y = 0,26 và 45x + 60y = 8,1

⟹ x = 0,02 và y = 0,12

Bảo toàn khối lượng:

⟹ m_E + m_NaOH = m_muối + m_ancol

⟹ m_muối = 21,32 gam

Trong muối có n_Na = n_NaOH = 0,26 mol ⟹ n_O = 2n_Na = 0,52 mol.

n_H2O = 0,39 mol ⟹ n_H = 0,78 mol.

m_F = m_C + m_Na + m_O + m_H ⟹ m_C = 6,24 g. ⟹ n_C = 0,52 mol.

BTNT C ⟹ n_CO2 = n_C(muối) - n_Na2CO3 = 0,39 mol

Vì n_CO2 = n_H2O ⟹ Các muối no, đơn chức, mạch hở.

⟹ n_muối = n_NaOH = 0,26 ⟹ Số C(muối) = n_C/n­_muối = 0,52/0,26 = 2

Do 2 muối có số mol bằng nhau ⟹ Hai muối là HCOONa và C₂H₅COONa

Vậy các este trong E gồm

X: HCOOC₂H₅ (0,01 mol )

Y: C₂H₅COOC₂H₅ (0,01 mol)

Z: HCOO-CH₂-CH₂-OOC-C₂H₅ (0,12 mol)

⟹ %m_X = 3,84%.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Nhiệt độ sôi của những hợp chất có liên kết hiđro sẽ lớn hơn nhiệt độ sôi của những hợp chất không có liên kết hiđro ⟹ nhiệt độ sôi: axit > ancol > este.

Với những hợp chất cùng dãy đồng đằng thì hợp chất có khối lượng mol lớn hơn sẽ có nhiệt độ sôi lớn hơn.

Giải chi tiết:

Nhiệt độ sôi của các chất sắp xếp theo chiều tăng dần là (2) < (4) < (5) < (1) < (3).

Đáp án C

Phương pháp giải:

Hỗn hợp m gồm tất cả các chất đều là cacbohiđrat có dạng C_n(H₂O)_m

PTHH: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Theo PTHH ⟹ n_CO2 = n_O2

Giải chi tiết:

Hỗn hợp m gồm tất cả các chất đều là cacbohiđrat có dạng C_n(H₂O)_m

PTHH: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Theo PTHH ⟹ n_CO2 = n_O2 = 0,24 mol.

Áp dụng ĐLBTKL ⟹ m + m_O2 = m_CO2 + m_H2O ⟹ m = 6,84 g.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Dựa vào cách gọi tên của este.

Giải chi tiết:

CH₃COOCH₃ có tên gọi là metyl axetat.

Đáp án C

Phương pháp giải:

X được tạo bởi axit béo $\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOH}$ và C₃H₅(OH)₃

$$\begin{gathered} {\left(\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOH}\right)}_3{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_5+\mathrm{KOH}\to \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOK}+{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_5{\left(\mathrm{OH}\right)}_3 \\ \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOK}+{\mathrm{O}}_2\to {\mathrm{CO}}_2+{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}+{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3 \end{gathered}$$

X phản ứng với Br₂ do liên kết π có trong $\overline{\mathrm{R}}$ của axit béo $\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOH}$

⟹ ${\mathrm{n}}_{{\mathrm{Br}}_2}=\left(\mathrm{k}-1\right).{\mathrm{n}}_{\mathrm{RCOOH}}=\left(\mathrm{k}-1\right).{\mathrm{n}}_{\mathrm{RCOOK}}$(với (k – 1) là số liên kết π có trong $\overline{\mathrm{R}}$ của axit béo $\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOH}$).

Giải chi tiết:

X được tạo bởi axit béo $\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOH}$ và C₃H₅(OH)₃

$$\begin{gathered} {\left(\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOH}\right)}_3{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_5+\mathrm{KOH}\to \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOK}+{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_5{\left(\mathrm{OH}\right)}_3 \\ \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOK}+{\mathrm{O}}_2\to {\mathrm{CO}}_2+{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}+{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3 \left(1\right) \end{gathered}$$

Gọi số mol của muối Y $\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOK}$ là x mol.

BTNT K ⟹ n_K2CO3 = 0,5x (mol)

BTNT O ⟹ 2n_Y + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O + 3n_K2CO3

⟹ 2x + 4,41.2 = 2.3,03 + 2,85 + 3.0,5x ⟹ x = 0,18 mol.

Giả sử Y có k liên kết π có trong axit béo.

⟹ n_CO2 – n_H2O = (k – 1)n_Y

⟹ 3,03 – 2,85 = (k – 1).0,18 mol

⟹ k = 2

⟹ ${\mathrm{n}}_{{\mathrm{Br}}_2}=\left(\mathrm{k}-1\right).{\mathrm{n}}_{\mathrm{RCOOH}}=\left(\mathrm{k}-1\right).{\mathrm{n}}_{\mathrm{RCOOK}}=0,18=\mathrm{a}$

Đáp án B

Phương pháp giải:

Xác định những este được điều chế trực tiếp từ axit và ancol tương ứng.

Giải chi tiết:

Este có thể điều chế trực tiếp bằng phản ứng của axit với ancol tương ứng (có H₂SO₄ đặc làm xúc tác) là etyl axetat, isoamyl axetat, anlyl axetat. ⟹ Có 3 chất.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Xác định CTCT hoặc CTPT của etylfomat để tìm ra PTK

Giải chi tiết:

Etylfomat có công thức cấu tạo là HCOOC₂H₅

⟹ PTK = 74.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Este phản ứng với NaOH tạo ra sản phẩm chỉ chứa liên kết đơn.

Giải chi tiết:

CH₃CH₂COOCH₃ + NaOH → CH₃CH₂COONa + CH₃OH

⟹ Sản phẩm hữu cơ là CH₃CH₂COONa và CH₃OH đều không làm mất màu nước brom.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Xác định số đồng phân của C₂H₄O₂.

Giải chi tiết:

C₂H₄O₂ có các đồng phân: CH₃COOH; HCOOCH₃; HO-CH₂-CHO.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Saccarozơ → Glucozơ + Fructozơ

Giải chi tiết:

Saccarozơ → Glucozơ + Fructozơ

       1       →         1               1            (mol)

Đáp án A

Phương pháp giải:

$\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOR}\text{'}+\mathrm{NaOH}\to \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COONa}+\mathrm{R}\text{'}\mathrm{OH}$

Ta có n_E = n_NaOH = n_muối = n_ancol

Mà m_muối > m_E ⟹ M_Na  = 23 > M_R’(E) ⟹ Ancol tạo nên este trong E là CH₃OH.

Áp dụng ĐLBTKL ⟹ n_este.

Từ phản ứng đốt cháy ⟹ $\overline{\mathrm{C}}$ trong este.

⟹ Tìm được CTCT của X, Y, Z. ⟹ %m_Y.

Giải chi tiết:

Gọi số mol X, Y và Z trong E lần lượt là 4,5x ; 1,5x và x (mol)

$\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOR}\text{'}+\mathrm{NaOH}\to \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COONa}+\mathrm{R}\text{'}\mathrm{OH}$

Ta có n_E = n_NaOH = n_muối = n_ancol  = 7x (mol)

Mà m_muối > m_E ⟹ M_Na  = 23 > M_R’(E) ⟹ Ancol tạo nên este trong E là CH₃OH.

* $\overline{\mathrm{R}}\mathrm{COOR}\text{'}+\mathrm{NaOH}\to \overline{\mathrm{R}}\mathrm{COONa}+\mathrm{R}\text{'}\mathrm{OH}$

Áp dụng ĐLBTKL ⟹ m_E + m_NaOH = m_muối + m_CH3OH

⟹ 9,34 + 40.7x = 10,46 + 32.7x ⟹ x = 0,02 mol.

* $E\left\{\begin{array}{l}{\mathrm{R}}_1{\mathrm{COOCH}}_3\left(0,09\right)\\ {\mathrm{R}}_2{\mathrm{COOCH}}_3\left(0,03\right)\\ {\mathrm{R}}_3{\mathrm{COOCH}}_3\left(0,02\right)\end{array}+{\mathrm{O}}_2\left(0,375\right)\to {\mathrm{CO}}_2+{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}\right.$

Gọi số mol của CO₂ và H₂O lần lượt là a và b (mol)

+ Áp dụng ĐLBTKL ⟹ m_E + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

⟹ 44a + 18b = 21,34 (1)

+ BTNT O ⟹ 2n_E + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

⟹ 2a + b = 1,03 (2)

Từ (1)(2) ⟹ a = 0,35 và b = 0,33.

* Este E có $\overline{\mathrm{C}}=\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}}{{\mathrm{n}}_{\mathrm{E}}}=2,5$ ⟹ X là HCOOCH₃

Gọi số C trong R₂ và R₃ lần lượt là n và m (m > n ≥ 1)

BTNT C ⟹ 2n_X + (n + 2)n_Y + (m + 2)n_Z = n_CO2 = 0,35

⟹ 3n + 2m = 7

⟹ n = 1 và m = 2.

Vậy Y trong E là CH₃COOCH₃ 0,03 mol

⟹ %m_Y = 23,77% ≈ 24%.

Đáp án A

Phương pháp giải:

* Xét TN1:

X₁ + NaOH → muối + H₂O

⟹ Số gốc –COOH (trong X₁) = n_NaOH/n_X1 = 0,5/(a + b) (1)

X₁ + O₂ → CO₂ + H₂O.

BTNT C ⟹ Số C (X₁)= n_CO2/n_X1 = 0,5/(a + b) (2)

Từ (1)(2) ⟹ Số C (X₁) = Số gốc –COOH (X₁)

⟹ 2 axit A và B.

Giải chi tiết:

* Xét TN1:

X₁ + NaOH → muối + H₂O

⟹ Số gốc –COOH (trong X₁) = n_NaOH/n_X1 = 0,5/(a + b) (1)

X₁ + O₂ → CO₂ + H₂O.

BTNT C ⟹ Số C (X₁)= n_CO2/n_X1 = 0,5/(a + b) (2)

Từ (1)(2) ⟹ Số C (X₁) = Số gốc –COOH (X₁)

Mà A và B lần lượt là axit no đơn chức và đa chức

⟹ A là HCOOH và B là HOOC – COOH.

Vậy X₁ chứa HCOOH a mol và (COOH)₂ b mol với a + 2b = 0,5 (1)

* Xét TN2:

X₂ chứa HCOOH b mol và (COOH)₂ a mol

X₂ + NaOH (0,4 mol) ⟹ b + 2a = 0,4 (2)

Lại có a + b = 0,3 (3)

Từ (2)(3) ⟹ a = 0,1 và b = 0,2 (thỏa mãn (1)).

Xét các nhận định với axit B là HOOC – COOH

A đúng: Oxi hóa anđehit oxalic có thể tạo thành B

${\left(\mathrm{CHO}\right)}_2+{\mathrm{O}}_2\stackrel{\mathrm{t}°, \mathrm{p}, \mathrm{xt}}{\to }{\left(\mathrm{COOH}\right)}_2$

Đáp án B

Phương pháp giải:

C₆H₁₂O₆ + H₂ → C₆H₁₄O₆

Giải chi tiết:

C₆H₁₂O₆ + H₂ → C₆H₁₄O₆

    180                        182        (g)

     x                           1,82       (g)

⟹ $\mathrm{x}=\frac{1,82.180}{182}=1,8$ gam.

Do H = 80% ⟹ m_glucozơ (thực tế) = x/80% = 2,25 gam.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Triolein là este trong phân tử có chứa liên kết đôi.

Giải chi tiết:

Triolein có CTCT là (C₁₇H₃₃COO)C₃H₅ không phản ứng với Cu(OH)₂ ở nhiệt độ thường.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Lý thuyết về chất béo.

Giải chi tiết:

Một lượng lớn chất béo được dùng trong công nghiệp để sản xuất xà phòng và glixerol.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Lý thuyết về phản ứng điều chế este.

Giải chi tiết:

(1) đúng, tác dụng của ống sinh hàn là tạo môi trường có nhiệt độ thấp làm hóa lỏng các chất hơi.

(2) đúng, vì CaCl₂ có tác dụng hút ẩm mạnh.

(3) sai, dung dịch Na₂CO₃ được thêm vào để trung hòa axit axetic trong chất lỏng Y còn H₂SO₄ là axit không bay hơi nên không có trong Y.

(4) đúng, sử dụng axit axetic nguyên chất, etanol nguyên chất và H₂SO₄ 98% nhằm làm tăng hiệu suất phản ứng tạo este.

(5) sai, nếu dùng H2SO4 đặc thì có thể xảy ra phản ứng thủy phân este làm cho lượng este thu được bị hao hụt.

Vậy có 2 phát biểu sai.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất vật lí của este.

Giải chi tiết:

Este có mùi chuối chín là: Isoamyl axetat (CTCT: CH₃COO-CH₂-CH₂-CH(CH₃)-CH₃).

Đáp án D

Phương pháp giải:

Lý thuyết tổng hợp về hiđrocacbon, ancol, phenol.

Giải chi tiết:

Để phân biệt phenol, stiren, ancol benzylic ta dùng dung dịch Br₂:

+ Xuất hiện kết tủa trắng → Phenol.

C₆H₅OH + 3Br₂ → C₆H₂(OH)Br₃ ↓ + 3HBr

+ Dung dịch Br₂ nhạt màu → Stiren.

C₆H₅CH=CH₂ + Br₂ → C₆H₅CHBr-CH₂Br

+ Không hiện tượng → Ancol benzylic.

Đáp án D

Phương pháp giải:

- Ancol no, mạch hở có H = 2C + 2.

- Các ancol có thể hòa tan Cu(OH)₂ tạo dung dịch màu xanh lam là các ancol đa chức có các nhóm OH gắn vào những nguyên tử C cạnh nhau.

Giải chi tiết:

Giả sử CTPT của ancol là C_2nH_5nO_n.

Vì là ancol no, mạch hở nên H = 2C + 2 ⟹ 5n = 2.2n + 2 ⟹ n = 2.

⟹ CTPT C₄H₁₀O₂

Các ancol có thể hòa tan Cu(OH)₂ tạo dung dịch màu xanh lam là các ancol đa chức có các nhóm OH gắn vào những nguyên tử C cạnh nhau.

⟹ Các ancol thỏa mãn là:

Đáp án C

Phương pháp giải:

Lý thuyết về phản ứng tách nước ancol.

Giải chi tiết:

CH₃-CH(CH₃)-CH₂-CH₂-OH $\stackrel{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4 \mathrm{dac}, 170°\mathrm{C}}{\to }$ CH₃-CH(CH₃)-CH=CH₂ + H₂O

(3-metylbutan-1-ol)

Đáp án B

Phương pháp giải:

Lý thuyết tổng hợp về cacbohiđrat.

Giải chi tiết:

Sơ đồ:

(C₆H₁₀O₅)_n $\stackrel{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}, {\mathrm{H}}^{+}, \mathrm{t}°}{\to }$ C₆H₁₂O₆ (X) $\stackrel{\mathrm{men}}{\to }$ C₂H₅OH (Y) $\stackrel{\mathrm{men}}{\to }$ CH₃COOH (Z) $\stackrel{+{\mathrm{C}}_2{\mathrm{H}}_5\mathrm{OH}, {\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4, \mathrm{t}°}{\to }$ CH₃COOC₂H₅ (T).

PTHH:

(C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O $\stackrel{{\mathrm{H}}^{+},\mathrm{t}°}{\to }$ nC₆H₁₂O₆

C₆H₁₂O₆ $\stackrel{\mathrm{men} \mathrm{ruou}}{\to }$ 2C₂H₅OH + 2CO₂

C₂H₅OH + O₂ $\stackrel{\mathrm{men} \mathrm{giam}}{\to }$ CH₃COOH + H₂O

CH₃COOH + C₂H₅OH $\stackrel{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4, \mathrm{dac}, \mathrm{t}°}{\rightleftharpoons }$ CH₃COOC₂H₅ + H₂O

Đáp án A

Phương pháp giải:

- Tính khối lượng mol của anđehit.

- Xét các trường hợp:

+ Nếu X là anđehit đơn chức RCHO ⟹ R

+ Nếu X là anđehit 2 chức R'(CHO)₂ ⟹ R'

Giải chi tiết:

M_X = 36 . 2 = 72 (g/mol)

+ Nếu X là anđehit đơn chức RCHO → R + 29 = 72 → R = 43 (C₃H₇-)

CH₃-CH₂-CH₂-CHO

CH₃-CH(CH₃)-CHO

+ Nếu X là anđehit 2 chức R'(CHO)₂

→R' + 29.2 = 72→R' = 14 (-CH₂-)

OHC-CH₂-CHO

Vậy có 3 anđehit thỏa mãn.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Lý thuyết tổng hợp về cacbohiđrat.

Giải chi tiết:

- Theo các phương án A, B, C, D thì X là glucozơ hoặc fructozơ. Mà X không ngọt bằng đường mía → X là glucozơ.

- Y là chất rắn ở dạng sợi, màu trắng, không có mùi vị → Y là xenlulozơ.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Lý thuyết về tinh bột.

Giải chi tiết:

Khi thủy phân hoàn toàn tinh bột ta thu được glucozơ.

Đáp án A

Phương pháp giải:

- Từ dữ kiện số mol nước bằng số mol X ⟹ Số nguyên tử H trong X.

- Từ phần trăm khối lượng H trong X ⟹ M_X = 82

- Mặt khác, 1 mol X phản ứng vừa đủ với 4 mol AgNO₃ → X là anđehit 2 chức (X không phải là HCHO vì M_X = 82).

- Dựa vào M_X suy ra CTCT của X.

Giải chi tiết:

Số H = $\frac{{\mathrm{n}}_{\mathrm{H}}}{{\mathrm{n}}_{\mathrm{X}}}$ = $\frac{2{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}}{{\mathrm{n}}_{\mathrm{X}}}$ = 2 (do n_H2O = n_X)

Trong X, nguyên tố H chiếm 2,439% về khối lượng ⟹ M_X = 2.(100/2,439) = 82 (g/mol)

Mặt khác, 1 mol X phản ứng vừa đủ với 4 mol AgNO₃ → X là anđehit 2 chức.

Giả sử CTPT X là R(CHO)₂ → R + 58 = 82 → R = 24 (-C≡C-)

⟹ X là OHC-C≡C-CHO

- A đúng, sơ đồ:

OHC-C≡C-CHO $\stackrel{+\mathrm{Ni}, \mathrm{t}°}{\to }$ HO-(CH₂)₄-OH $\stackrel{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4 \mathrm{dac}, 170°\mathrm{C}}{\to }$ CH₂=CH-CH=CH₂ $\stackrel{\mathrm{t}°, \mathrm{xt}, \mathrm{p}}{\to }$ cao su buna.

- B sai, X là anđehit không no.

- C sai, X có số C > H.

- D sai, X có chứa 4 liên kết π.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Để đơn giản ta coi tinh bột có công thức C₆H₁₀O₅.

Sơ đồ:

C₆H₁₀O₅ $\underset{{\mathrm{H}}_1\%}{\overset{{\mathrm{H}}^{+}, \mathrm{t}°}{\to }}$ C₆H₁₂O₆ $\underset{{\mathrm{H}}_2\%}{\overset{\mathrm{menlactic}}{\to }}$ 2 CH₃-CH(OH)-COOH (axit lactic).

Theo sơ đồ n_C6H10O5 = ½ n_{axit lactic} ⟹ m_{tinh bột (lý thuyết)}

⟹ m_{tinh bột (cần dùng)} = m_{tinh bột (lý thuyết)} . (100/H₁) . (100/H₂).

Giải chi tiết:

Để đơn giản ta coi tinh bột có công thức C₆H₁₀O₅.

C₆H₁₀O₅ $\underset{{\mathrm{H}}_1=90\%}{\overset{{\mathrm{H}}^{+}, \mathrm{t}°}{\to }}$ C₆H₁₂O₆ $\underset{{\mathrm{H}}_2=80\%}{\overset{\mathrm{menlactic}}{\to }}$ 2 CH₃-CH(OH)-COOH (axit lactic).

n_{axit lactic} = 45 : 90 = 0,5 mol

Theo sơ đồ n_C6H10O5 = ½ n_{axit lactic} = 0,25 mol

⟹ m_{tinh bột (cần dùng)} = 0,25 . 162 . (100/90) . (100/80) = 56,25 gam.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Ancol + [O] → Hỗn hợp X

BTKL → m_{O pư} = m_X - m_ancol → n_{O pư} = n_{ancol pư} = n_anđehit

Đánh giá số mol ancol ban đầu từ đó đánh giá được khối lượng mol của ancol ⟹ Ancol là CH₃OH.

Giải chi tiết:

Ancol + [O] → Hỗn hợp X

BTKL → m_{O pư} = m_X - m_ancol = 6,2 - 4,6 = 1,6 gam → n_{O pư} = 0,1 mol = n_{ancol pư}

⟹ n_{ancol (bđ)} > 0,1 mol

⟹ M_ancol < 4,6 : 0,1 = 46

⟹ Ancol chỉ có thể là CH₃OH.

CH₃OH + [O] → HCHO + H₂O

                  0,1 →    0,1           (mol)

HCHO → 4Ag

0,1 →        0,4                         (mol)

→ m_Ag = 0,4.108 = 43,2 gam.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính toán theo sơ đồ rút gọn: Glucozơ → 2Ag.

Giải chi tiết:

n_Ag = 10,8 : 108 = 0,1 mol

Glu     →     2Ag

0,05    ←      0,1          (mol)

→ C_{M glucozơ} = n : V = 0,05 : 0,5 = 0,1M.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính toán theo PTHH: HCOOCH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃OH (đun nóng).

Giải chi tiết:

n_HCOOCH3 = 6 : 60 = 0,1 mol

PTHH: HCOOCH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃OH (đun nóng)

                   0,1                      →      0,1     (mol)

→ m_HCOONa = 0,1.68 = 6,8 gam.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Tính axit: Ancol < Phenol < Axit cacboxylic.

Giải chi tiết:

Tính axit: C₂H₅OH < C₆H₅OH < CH₃COOH.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Q là ancol no nên: n_Q = n_H2O - n_CO2 → Số C của ancol = n_CO2 : n_Q = 3

Q gồm C₃H₈O, C₃H₈O₂, C₃H₈O₃

Giả sử Q có a mol X, b mol Y và c mol Z

Nên n_Q = a + b + c = n _ancol  (1)

Và n_NaOH = n_X + 2n_Y + 3n_Z = a + 2b+ 3c  (2)

Ta có:

BTKL m_muối  = m_Q + m_NaOH - m_ancol (3)

Thay (1) và (2) vào (3) tính được m muối. Từ đó xác định được công thức của muối→CTPT Z → %m_C(Z)

Giải chi tiết:

Đốt cháy Q có CO₂: 0,6 mol và H₂O: 0,8 mol → n_Q = 0,8 - 0,6 = 0,2 mol

→ Q có CTTB là C_nH_2n+2O_x: 0,2 mol → n = 3

Q gồm C₃H₈O, C₃H₈O₂, C₃H₈O₃

Giả sử Q có a mol X, b mol Y và c mol Z

Nên n_Q = a + b + c = 0,2 mol

Và n_NaOH = a + 2b+ 3c = 0,47

Ta có:

m_muối  = 48,28 + 0,47.40 - (60a + 76b + 92c) = 48,28 + 0,7.40 - 44 (a + b + c) -16 (a + 2b + 3c) = 50,76

→ M_muối = 108 → Muối là C₃H₅COONa → Z là (C₃H₅COO)₃C₃H₅

→ %m_C(Z) = 60,81%.

Đáp án C

Các este có công thức phân tử C₄H₈O₂ mà khi thủy phân trong môi trường axit thì thu được axit fomic là:

HCOO-CH₂-CH₂-CH₃

HCOO-CH(CH₃)-CH₃

Vậy có 2 este thỏa mãn.

Đáp án A

Phương pháp giải:

- Tính C_tb = n_C : n_hh = 3

⟹ Ancol và axit đều chứa 3C

⟹ Ancol là C₃H₈O

- Tính H_tb = n_H : n_hh = 5,6

Mà H_ancol > 5,6 ⟹ H_axit < 5,6 ⟹ H_axit = 4 hoặc H_axit = 2.

- Xét 2 trường hợp sau và tính số mol X, Y:

+ Nếu H_axit = 4

+ Nếu H_axit = 2

Tìm trường hợp thỏa mãn n_Y > n_X.

Giải chi tiết:

- BTNT "C" → n_C = n_CO2 = 33,6/22,4 = 1,5 mol

⟹ C_tb = n_C : n_hh = 1,5 : 0,5 = 3

⟹ Ancol và axit đều chứa 3C

⟹ Ancol là C₃H₈O

- BTNT "H" → n_H = 2n_H2O = 2.(25,2/18) = 2,8 mol

⟹ H_tb = n_H : n_hh = 2,8 : 0,5 = 5,6

Mà H_ancol > 5,6 ⟹ H_axit < 5,6 ⟹ H_axit = 4 hoặc H_axit = 2.

+ Nếu H_axit = 4 → Axit là CH₂=CH-COOH

Giả sử $\left\{\begin{array}{l}\mathrm{X}:{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_7\mathrm{OH}\left(\mathrm{a} \mathrm{mol}\right)\\ \mathrm{Y}: {\mathrm{CH}}_3=\mathrm{CH}-\mathrm{COOH}\left(\mathrm{b} \mathrm{mol}\right)\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}{\mathrm{n}}_{\mathrm{hh}}=\mathrm{a}+\mathrm{b}=0,5\\ {\mathrm{n}}_{\mathrm{H}}=8\mathrm{a}+4\mathrm{b}=2,8\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}\mathrm{a}=0,2\\ \mathrm{b}=0,3\end{array}\right.\right.\right.$

(thỏa mãn dữ kiện n_Y > n_X).

*Phản ứng este hóa:

PTHH: CH₂=CH-COOH + C₃H₇OH ⇄ CH₂=CH-COOC₃H₇ + H₂O

Do n_Y > n_X nên lượng phản ứng tính theo X.

→ n_este = n_X(pư) = 0,2.80% = 0,16 mol

→ m_este = 0,16.114 = 18,24 gam.

+ Nếu H_axit = 2 → Axit là CH≡C-COOH

Giả sử $\left\{\begin{array}{l}\mathrm{X}:{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_7\mathrm{OH}\left(\mathrm{a} \mathrm{mol}\right)\\ \mathrm{Y}: \mathrm{CH}\equiv \mathrm{C}-\mathrm{COOH}\left(\mathrm{b} \mathrm{mol}\right)\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}{\mathrm{n}}_{\mathrm{hh}}=\mathrm{a}+\mathrm{b}=0,5\\ {\mathrm{n}}_{\mathrm{H}}=8\mathrm{a}+4\mathrm{b}=2,8\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}\mathrm{a}=0,2\\ \mathrm{b}=0,3\end{array}\right.\right.\right.$

(không thỏa mãn n_Y > n_X).

Đáp án A

Phương pháp giải:

Xác định công thức dựa vào hình vẽ.

Giải chi tiết:

Từ hình vẽ ta thấy được công thức của đietyl phtalat là C₆H₄(COOC₂H₅)₂.