ĐGNL ĐHQG Hà Nội - Khoa học tự nhiên - Bài tập hỗn hợp este

0,3 mol: hh este XYhh muoi Z

\[{n_{N{a_2}C{O_3}}} = {\rm{\;}}0,25{\rm{\;}} = >{n_{NaOH}} = 0,5mol\]

=>X gồm este của ancol (a mol) và este của phenol (b mol)

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_X} = a + b = 0,3}\\{{n_{NaOH}} = a + 2b = 0,5}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{a = 0,1}\\{b = 0,2}\end{array}} \right.\)

=>n_RCOONa= 0,3 mol ; n_R’-C6H5ONa= 0,2 mol

- Gọi số C trong muối axit và muối phenol lần lượt là u và v (v ≥ 6)

Bảo toàn C : 0,3u + 0,2v = 0,25 + 1,25

=>3u + 2v = 15

Chỉ có v = 6 và u = 1 thỏa mãn

=>HCOONa (0,3 mol) và C₆H₅ONa (0,2 mol)

- Bảo toàn H : \[{n_{{H_2}O}} = \frac{1}{2}{n_{H(Z)}} = {\rm{\;}}0,65{\rm{\;}}mol\]

=>m = 11,7g

Đáp án cần chọn là: D

- Nhận thấy: n_X= 0,3 < n_NaOH

Với

\(\begin{array}{l}\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{(A):RCOO{C_6}{H_4}R\prime }\\{(B):{R_1}COOCH = CH{R_2}}\end{array}} \right.\\ \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_A} + {n_B} = 0,3}\\{2{n_A} + {n_B} = 0,4}\end{array}} \right.\end{array}\)

\( \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_A} = 0,1}\\{{n_B} = 0,2}\end{array}} \right.\)

\( \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_{H2O}} = {n_A} = 0,1}\\{{n_Y} = {n_B} = 0,2}\end{array}} \right.\)

- Khi đốt cháy chất Y no, đơn chức, mạch hở (R₂CH₂CHO: 0,2 mol) luôn thu được

- Khi đốt cháy chất Y no, đơn chức, mạch hở (R₂CH₂CHO: 0,2 mol) luôn thu được

\[44{n_{C{O_2}}} + 18{n_{{H_2}O}} = 24,8 \to {n_{C{O_2}}} = 0,4\;mol\]

Mà \[{C_Y} = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{0,2}} = 2\]

=>Y là CH₃CHO\[\mathop \to \limits^{BTKL} {m_X} = \] m_muối+ m_Y+ mH2OmH2O– m_NaOH= 32,2 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Cho 1 mol chất X (C₇H_yO₃, chứa vòng benzen) tác dụng hết với NaOH dư, thu được 1 mol chất Y, 1 mol chất Z và 2 mol H₂O (trong đó M_Y< M_Z; có 3 mol NaOH tham gia phản ứng)

=>X có chứa 2 chức COO gắn trực tiếp với vòng benzen và 1 chức phenol.

CTCT thỏa mãn của X:

=>Y là HCOONa

Z là C₆H₄(ONa)₂ =>T là C₆H₄(OH)₂

A đúng vì HCOONa có chứa cấu trúc -CH=O nên vừa làm mất màu Br₂và có phản ứng tráng bạc

B sai vì HCOONa không phản ứng được với NaOH (xt CaO)

C đúng vì X và T đều có chứa 6 nguyên tử H

D đúng

Đáp án cần chọn là: B

\[k = \frac{{2 + 2x - y}}{2} = \frac{{2 + 12 - 10}}{2} = 2\]

- A, B, D không phản ứng với Na =>A, B, D không có H linh động

- A + NaOH → 1 muối + 2 ancol kế tiếp nhau trong cùng 1 dãy đồng đẳng. Vậy A là este của axit 2 chức no và 2 ancol no đơn chức đồng đẳng kế tiếp.

→ CTCT của A: CH₃OOC-CH₂-COO-C₂H₅

- B + NaOH  →2 muối + 1ancol =>B là este của ancol 2 chức no và 2 axit đơn chức no

→ CTCT của B: HCOO-CH₂-CH₂-CH₂-OOCCH₃hoặc HCOO-CH₂-CH₂-OOC-CH₂-CH₃

- D + NaOH → 1 muối + 1 ancol =>D là este của 1 axit no 2 chức và 1 ancol no đơn chức hoặc 1 axit no đơn chức và 1 ancol no hai chức.

→ Vậy D có thể có các CTCT sau:

CH₃-OOC-CH₂-CH₂-COOCH₃; C₂H₅-OOC-COO-C₂H₅; CH₃-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃, HCOO-CH₂-CH₂-CH₂-CH₂-OOCH

Đáp án cần chọn là: B

n_muối= n_KOH= 0,3 mol =>M_muối= 33,6 : 0,03 =112 (g/mol)

Nếu muối là muối tạo từ Y chất có 3 nhóm chức thì muối có CTPT R(COOK)₃có M>112( loại)

=>muối tạo từ chất X đơn chức RCOOK

=>muối là C₂H₅COOK =>X là C₂H₅COOH  nên X có 11 nguyên tử gần nhất với 10 nguyên tử

Đáp án cần chọn là: B

*Xét phản ứng đốt T:

\[T + \underbrace {{O_2}}_{0,66(moll)} \to \underbrace {{K_2}C{O_3}}_{0,3(mol)} + \underbrace {C{O_2} + {H_2}O}_{34,12(g)}\]

BTKL → m_T= m_K2CO3+ (m_CO2+ m_H2O) - m_O2= 54,4 (g)

Mặt khác: n_COO(T)= n_KOH= 2n_K2CO3= 0,6 mol

Đặt mol CO₂, H₂O lần lượt là a, b

+) m_CO2+ m_H2O= 44a + 18b = 34,12 (1)

+) Bảo toàn O: 2n_COO(T)+ 2n_O2= 3n_K2CO3+ 2n_CO2+ n_H2O

→ 2.0,6 + 2.0,66 = 3.0,3 + 2a + b (2)

Giải (1) (2) được a = 0,62 và b = 0,38

*Xét phản ứng thủy phân M:

\(\underbrace M_{39.2(g)} + \underbrace {KOH}_{0,6(mol)} \to Z + \underbrace T_{54,4(g)}\)

BTKL → m_Z= 39,2 + 0,6.56 - 54,4 = 18,4 (g)

Gọi CTHH của Z là R(OH)_nthì \[{n_Z} = \frac{{{n_{K{\rm{O}}H}}}}{n} = \frac{{0,6}}{n}\left( {mol} \right)\]

\[ \to {m_Z} = \frac{{0,6}}{n}.\left( {R + 17n} \right) = 18,4 \to R = \frac{{41}}{3}n\]

Thỏa mãn với n = 3 và R = 41 (C₃H₅) ⟹ Z là C₃H₅(OH)₃, n_Z= 0,2 mol

Bảo toàn C có n_C(M)= n_C(T)+ n_C(Z)= (n_K2CO3+ n_CO2) + 3n_Z= 0,3 + 0,62 + 3.0,2 = 1,52 (mol)

Lại có n_M= n_Z= 0,2 mol nên số nguyên tử C trung bình trong M là 

\[\bar C = \frac{{{n_C}}}{{{n_M}}} = \frac{{1,52}}{{0,2}} = 7,6\]

Vì M chứa 2 este hơn kém nhau 1 C nên 2 este này chứa lần lượt 7C (giả sử là X) và 8C (giả sử là Y)

Ta có hệ sau

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_M} = {n_X} + {n_Y} = 0,2}\\{{n_{C(M)}} = 7{n_X} + 8{n_Y} = 1,52}\end{array}} \right. \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{n_X} = 0,08(mol)}\\{{n_Y} = 0,12(mol)}\end{array}} \right.\)

Đặt CTPT của X là C₇H_xO₆và Y là C₈H_yO₆

Ta có m_M= 0,08.(180 + x) + 0,12.(192 + y) = 39,2 (3)

⟹ 0,08x + 0,12y = 1,76 ⟹ 2x + 3y = 44

Vì X và Y đều là este 3 chức tạo từ C₃H₅(OH)₃nên X, Y tối thiểu cần có 8H

⟹ x = 10; y = 8 thỏa mãn

⟹ X là C₇H₁₀O₆và Y là C₈H₈O₆

CTCT của X, Y có thể là:

X: (HCOO)₂C₃H₅-OOC-CH₃: 0,08 mol

Y: (HCOO)₂C₃H₅-OOC-C≡CH: 0,12 mol

→ hỗn hợp muối T có

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{HCOOK:0,08.2 + 0,12.2 = 0,4(mol)}\\{C{H_3}COOK:0,08mol}\\{CH \equiv C - COOK:0,12mol}\end{array}} \right.\)

\[ \to {\rm{\% }}{m_{CH \equiv C - C{\rm{OOK}}{\kern 1pt} }} = \,\frac{{0,12.108}}{{54,4}}.100{\rm{\% }} = 23,82{\rm{\% }}\]

Đáp án cần chọn là: A

\[{n_{{O_2}}}{\rm{\;}} = {\rm{\;}}1,225;{\rm{\;}}{n_{C{O_2}}}{\rm{\;}} = {\rm{\;}}1,05;{\rm{\;}}{n_{{H_2}O}} = {\rm{\;}}1,05\]

=>X no, đơn chức, mạch hở

- Bảo toàn O: n_{X =} \[{n_{{H_2}O}} + 2.{n_{C{O_2}}} - 2.{n_{{O_2}}}\] =>n_X= 0,35

Bảo toàn khối lượng:\[{m_X} + {m_{{O_2}}} = {m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} = >{\rm{ }}{m_X}\; = {\rm{ }}25,9\]

=>M_X = 74 =>X có CTPT: C₃H₆O₂

Vì X gồm 2 đồng phân =>HCOOC₂H₅(a mol) và CH₃COOCH₃(b mol)

Ta có: n_X = a + b = 0,35

X no, đơn chức, mạch hở =>n_{NaOH phản ứng} = n_X= 0,35 mol

=>n_{NaOH dư}  = 0,4 – 0,35 = 0,05 mol

m _rắn= m_muối + m_{NaOH dư}= 68a + 82b + 0,05.40 = 27,9

=>a = 0,2 và b = 0,15

=>a : b = 4 : 3

Đáp án cần chọn là: B

\[{m_Y} = {\rm{\;}}{m_X} + {\rm{\;}}{m_{{H_2}}}{\rm{\;}} = {\rm{\;}}10,72\]

Đốt X cũng như đốt Y đều thu được  n_CO2= 0,4

\[{C_{\bar n}}{H_{2\bar n}}{O_2} + {O_2}\mathop \to \limits^{{t^o}} {\rm{\;}}\bar nC{O_2}{\rm{\;}} + {\rm{\;}}\bar n{H_2}O\]

\[\frac{{10,72}}{{14\bar n + 32}}\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\, \to \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,0,4\]

\[ = >{\rm{\;}}\bar n{\rm{\;}} = {\rm{\;}}2,5\]

=>Y chứa HCOOCH₃=>ancol Z: CH₃OH

n_Y= 0,16 =>\[{n_{C{H_3}OH{\rm{\;}}}} = {\rm{\;}}0,16\]

- m _rắn = m_Y+ m_NaOH- m_CH3OH= 15,6

Đáp án cần chọn là: A